Aus Online Mathematik Brückenkurs 2

Wir benennen den Radius der Tasse r und die Höhe h. Der Volumen ist

\displaystyle \begin{align} \text{Volume} &= \text{(Fläche der Basis)}\cdot\text{(Höhe)}\\[5pt] &= \pi r^2\cdot h\,,\\[10pt] \text{Fläche} &= \text{(Fläche der Basis)} + \text{(Fläche des Zylinders)}\\[5pt] &= \pi r^2 + 2\pi rh\,\textrm{.} \end{align}

Das Problem ist also; Minimiere die Fläche \displaystyle A = \pi r^2 + 2\pi h, während der Volumen \displaystyle V = \pi r^2h\,, konstant ist.

Wir schreiben h als Funktion des Volumen,

\displaystyle h=\frac{V}{\pi r^2}

und können dadurch die Fläche als Funktion von r schreiben,

\displaystyle A = \pi r^2 + 2\pi r\cdot\frac{V}{\pi r^2} = \pi r^2 + \frac{2V}{r}\,\textrm{.}

Unser Problem ist dann

Minimiere die Flächea \displaystyle A(r) = \pi r^2 + \frac{2V}{r}, wenn \displaystyle r>0\,.

Die Funktion \displaystyle A(r) ist für alle \displaystyle r>0 differenzierbar, und der Bereich \displaystyle r>0 hat keine Endpunkte (nachdem \displaystyle r=0 nicht \displaystyle r>0 erfüllt), und also erscheinen Extrempunkte nur in stationären Punkten.

Die Ableitung ist

\displaystyle A'(r) = 2\pi r - \frac{2V}{r^2}\,,

Und die Ableitung gleich null ergibt folgende Gleichung

\displaystyle \begin{align} & 2\pi r - \frac{2V}{r^2} = 0\quad \Leftrightarrow \quad 2\pi r = \frac{2V}{r^2}\\[5pt] &\quad\Leftrightarrow \quad r^3=\frac{V}{\pi}\quad \Leftrightarrow \quad r=\sqrt[\scriptstyle 3]{\frac{V}{\pi}}\,\textrm{.} \end{align}

Die zweite Ableitung ist

\displaystyle A''(r) = 2\pi + \frac{4V}{r^3}\,,

und hat den Wert

\displaystyle A''\bigl(\sqrt[3]{V/\pi}\bigr) = 2\pi + \frac{4V}{V/\pi } = 6\pi > 0\,,

im stationären Punkt.

Also ist \displaystyle r=\sqrt[3]{V/\pi} ein lokales Minima.

Nachdem wir kein begrenztes Intervall haben, können wir nicht direkt ausschließen dass die Fläche kleiner wird wenn \displaystyle r\to 0 oder wenn \displaystyle r\to \infty . In unseren Fall wächst die Fläche aber unbegrenzt in den beiden Richtungen \displaystyle r\to 0 und \displaystyle r\to \infty , und also ist

\displaystyle r=\sqrt[3]{V/\pi} ein globales Minima.

Also ist die Fläche minimal wenn

\displaystyle \begin{align} r &= \sqrt[3]{V/\pi}\,,\quad\text{and}\\[5pt] h &= \frac{V}{\pi r^{2}} = \frac{V}{\pi}\Bigl(\frac{V}{\pi}\Bigr)^{-2/3} = \Bigl( \frac{V}{\pi}\Bigr)^{1-2/3} = \Bigl(\frac{V}{\pi}\Bigr)^{1/3} = \sqrt[3]{\frac{V}{\pi}}\,\textrm{.} \end{align}