3.4 Logarithmusgleichungen
Aus Online Mathematik Brückenkurs 1
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| - | * Einfache Logarithmusgleichungen durch | + | * Einfache Logarithmusgleichungen durch Logarithmieren lösen. |
* Kompliziertere Logarithmusgleichungen lösen, die in lineare oder quadratische Gleichungen umgeschrieben werden können. | * Kompliziertere Logarithmusgleichungen lösen, die in lineare oder quadratische Gleichungen umgeschrieben werden können. | ||
* Scheingleichungen erkennen. | * Scheingleichungen erkennen. | ||
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Jetzt dividieren wir beide Seiten durch 3 | Jetzt dividieren wir beide Seiten durch 3 | ||
{{Abgesetzte Formel||<math> \ln 2x = -\frac{1}{3}\,\mbox{.}</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math> \ln 2x = -\frac{1}{3}\,\mbox{.}</math>}} | ||
| - | und erhalten durch die Definition dass <math>2x = e^{-1/3}</math>, und | + | und erhalten durch die Definition dass <math>2x = e^{-1/3}</math>, und daher ist |
{{Abgesetzte Formel||<math> x = {\textstyle\frac{1}{2}} e^{-1/3} = \frac{1}{2e^{1/3}}\,\mbox{.} </math>}}</li> | {{Abgesetzte Formel||<math> x = {\textstyle\frac{1}{2}} e^{-1/3} = \frac{1}{2e^{1/3}}\,\mbox{.} </math>}}</li> | ||
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| - | In vielen Anwendungen erscheinen Gleichungen | + | In vielen Anwendungen erscheinen Gleichungen in der Form |
{{Abgesetzte Formel||<math>a^x = b\,\mbox{,}</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math>a^x = b\,\mbox{,}</math>}} | ||
| - | wo <math>a</math> und <math>b</math>positive Zahlen sind. Diese Gleichungen löst man am einfachstem indem man beide Seiten der Gleichung logarithmiert. | + | wo <math>a</math> und <math> b</math>positive Zahlen sind. Diese Gleichungen löst man am einfachstem indem man beide Seiten der Gleichung logarithmiert. |
{{Abgesetzte Formel||<math>\lg a^x = \lg b</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math>\lg a^x = \lg b</math>}} | ||
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Und durch die Logarithmengesetze erhalten wir | Und durch die Logarithmengesetze erhalten wir | ||
| - | {{Abgesetzte Formel||<math>x \cdot \lg a = \lg b</math>}} | + | {{Abgesetzte Formel||<math>x \cdot \lg a = \lg b</math>}}, |
| - | + | also ist die Lösung <math>\ x = \displaystyle \frac{\lg b}{\lg a}</math>. | |
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== Kompliziertere Gleichungen == | == Kompliziertere Gleichungen == | ||
| - | Gleichungen mit mehreren Logarithmustermen können in manchen Fällen wie lineare oder quadratische Gleichungen geschrieben werden, indem man "<math>\ln x</math>" oder "<math>e^x</math>" als | + | Gleichungen mit mehreren Logarithmustermen können in manchen Fällen wie lineare oder quadratische Gleichungen geschrieben werden, indem man "<math>\ln x</math>" oder "<math>e^x</math>" als unbekannte Variabel betrachtet. |
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| - | Wir multiplizieren beide Seiten mit <math>3e^x+1</math> und <math>e^{-x}+2</math> um den Nenner zu eliminieren. | + | Wir multiplizieren beide Seiten mit <math>3e^x+1</math> und <math>e^{-x}+2</math>, um den Nenner zu eliminieren. |
{{Abgesetzte Formel||<math>6e^x(e^{-x}+2) = 5(3e^x+1)\,\mbox{.}</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math>6e^x(e^{-x}+2) = 5(3e^x+1)\,\mbox{.}</math>}} | ||
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Wir vereinfachen beide Seiten der Gleichung | Wir vereinfachen beide Seiten der Gleichung | ||
{{Abgesetzte Formel||<math>6+12e^x = 15e^x+5\,\mbox{,}</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math>6+12e^x = 15e^x+5\,\mbox{,}</math>}} | ||
| - | wo | + | wo von der Regel <math>e^{-x} \cdot e^x = e^{-x + x} = e^0 = 1</math> gebraucht gemacht haben. Wir betrachten jetzt <math>e^x</math> als unbekannte Variabel. Die Lösung der Gleichung ist dann |
{{Abgesetzte Formel||<math>e^x=\frac{1}{3}\,\mbox{.}</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math>e^x=\frac{1}{3}\,\mbox{.}</math>}} | ||
| - | Logarithmieren wir beide Seiten der Gleichung erhalten wir die Antwort | + | Logarithmieren wir beide Seiten der Gleichung, erhalten wir die Antwort |
{{Abgesetzte Formel||<math>x=\ln\frac{1}{3}= \ln 3^{-1} = -1 \cdot \ln 3 = -\ln 3\,\mbox{.}</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math>x=\ln\frac{1}{3}= \ln 3^{-1} = -1 \cdot \ln 3 = -\ln 3\,\mbox{.}</math>}} | ||
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Der Term <math>\ln\frac{1}{x}</math> kann wie <math>\ln\frac{1}{x} = \ln x^{-1} = -1 \cdot \ln x = - \ln x</math> geschrieben werden, und wir erhalten so die Gleichung {{Abgesetzte Formel||<math>\frac{1}{\ln x} - \ln x = 1\,\mbox{,}</math>}} | Der Term <math>\ln\frac{1}{x}</math> kann wie <math>\ln\frac{1}{x} = \ln x^{-1} = -1 \cdot \ln x = - \ln x</math> geschrieben werden, und wir erhalten so die Gleichung {{Abgesetzte Formel||<math>\frac{1}{\ln x} - \ln x = 1\,\mbox{,}</math>}} | ||
| - | wo wir <math>\ln x</math> als | + | wo wir <math>\ln x</math> als unbekannte Variabel betrachten. Wir multiplizieren beide Seiten mit <math>\ln x</math> (dieser Faktor ist nicht null wenn <math>x \neq 1</math>) und erhalten die quadratische Gleichung |
{{Abgesetzte Formel||<math>1 - (\ln x)^2 = \ln x\,\mbox{,}</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math>1 - (\ln x)^2 = \ln x\,\mbox{,}</math>}} | ||
{{Abgesetzte Formel||<math> (\ln x)^2 + \ln x - 1 = 0\,\mbox{.}</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math> (\ln x)^2 + \ln x - 1 = 0\,\mbox{.}</math>}} | ||
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\ln x = -\frac{1}{2} \pm \frac{\sqrt{5}}{2} \,\mbox{.}</math>}} | \ln x = -\frac{1}{2} \pm \frac{\sqrt{5}}{2} \,\mbox{.}</math>}} | ||
| - | und | + | und daher die Lösungen |
{{Abgesetzte Formel||<math> | {{Abgesetzte Formel||<math> | ||
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== Scheinlösungen == | == Scheinlösungen == | ||
| - | Wenn wir Logarithmusgleichungen lösen, müssen wir daran denken dass das Argument der Logarithmusfunktion immer positiv sein muss, und dass <math>e^{(\ldots)}</math> immer positiv ist. Sonst besteht das Risiko dass wir Scheinlösungen bekommen. | + | Wenn wir Logarithmusgleichungen lösen, müssen wir daran denken, dass das Argument der Logarithmusfunktion immer positiv sein muss, und dass <math>e^{(\ldots)}</math> immer positiv ist. Sonst besteht das Risiko, dass wir Scheinlösungen bekommen. |
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| - | Die Lösungen der Gleichung | + | Die Lösungen der Gleichung erstellen |
{{Abgesetzte Formel||<math>4x^2 - 2x = 1 - 2x\,,</math>|<math>(*)</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math>4x^2 - 2x = 1 - 2x\,,</math>|<math>(*)</math>}} | ||
| - | wo beide Seiten positiv sind. Die Gleichung kann | + | wo beide Seiten positiv sind. Die Gleichung kann |
{{Abgesetzte Formel||<math>4x^2 - 1= 0</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math>4x^2 - 1= 0</math>}} | ||
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x = \frac{1}{2} \; \mbox{.}</math>}} | x = \frac{1}{2} \; \mbox{.}</math>}} | ||
| - | Jetzt testen wir ob beide Seiten von <math>(*)</math> positiv für unsere Lösungen sind: | + | Jetzt testen wir, ob beide Seiten von <math>(*)</math> positiv für unsere Lösungen sind: |
* Wenn <math>x= -\tfrac{1}{2}</math> sind beide Seiten <math>4x^2 - 2x = 1-2x = 1-2 \cdot \bigl(-\tfrac{1}{2}\bigr) = 1+1 = 2 > 0</math>. | * Wenn <math>x= -\tfrac{1}{2}</math> sind beide Seiten <math>4x^2 - 2x = 1-2x = 1-2 \cdot \bigl(-\tfrac{1}{2}\bigr) = 1+1 = 2 > 0</math>. | ||
* Wenn <math>x= \tfrac{1}{2}</math> sind beide Seiten <math>4x^2 - 2x = 1-2x = 1-2 \cdot \tfrac{1}{2} = 1-1 = 0 \not > 0</math>. | * Wenn <math>x= \tfrac{1}{2}</math> sind beide Seiten <math>4x^2 - 2x = 1-2x = 1-2 \cdot \tfrac{1}{2} = 1-1 = 0 \not > 0</math>. | ||
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| - | Der erste Term kann | + | Der erste Term kann als <math>e^{2x} = (e^x)^2</math> geschrieben werden. Also haben wir eine quadratische Gleichung mit der unbekannten Variabel <math>e^x</math> |
{{Abgesetzte Formel||<math>(e^x)^2 - e^x = \tfrac{1}{2}\,\mbox{.}</math>}} | {{Abgesetzte Formel||<math>(e^x)^2 - e^x = \tfrac{1}{2}\,\mbox{.}</math>}} | ||
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Lernen Sie die Logarithmengesetze ordentlich. | Lernen Sie die Logarithmengesetze ordentlich. | ||
| - | Viele Studenten | + | Viele Studenten an den Universitäten haben Schwierigkeiten mit den Logarithmengesetzen. |
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Version vom 10:50, 4. Jun. 2009
| Theorie | Übungen |
Inhalt:
- Logarithmusgleichungen
- Potenzgleichungen
- Scheinlösungen
Lernziele:
Nach diesem Abschnitt sollten Sie folgendes können:
- Einfache Logarithmusgleichungen durch Logarithmieren lösen.
- Kompliziertere Logarithmusgleichungen lösen, die in lineare oder quadratische Gleichungen umgeschrieben werden können.
- Scheingleichungen erkennen.
- Logarithmische Ausdrücke vergleichen mit Hilfe der Basis und des Exponenten.
Einfache Gleichungen
Es gibt viele verschiedene Arten von Logarithmusgleichungen. Hier sind ein paar Beispiele, wo wir die Lösung der Gleichung mit der Definition des Logarithmus direkt erhalten.
\displaystyle \begin{align*}
10^x = y\quad&\Leftrightarrow\quad x = \lg y\\
e^x = y\quad&\Leftrightarrow\quad x = \ln y\\
\end{align*}
|
(Wir betrachten hier nur den 10-Logarithmus und den natürlichen Logarithmus)
Beispiel 1
Lösen Sie die Gleichungen
- \displaystyle 10^x = 537\quad hat die Lösung \displaystyle x = \lg 537.
- \displaystyle 10^{5x} = 537\quad gibt \displaystyle 5x = \lg 537, also \displaystyle x=\frac{1}{5} \lg 537.
- \displaystyle \frac{3}{e^x} = 5 \quad Wir erweitern beide Seiten mit \displaystyle e^x und dividieren beide Seiten durch 5, und erhalten \displaystyle \tfrac{3}{5}=e^x , also \displaystyle x=\ln\tfrac{3}{5}.
- \displaystyle \lg x = 3 \quad hat die Lösung \displaystyle x=10^3 = 1000.
- \displaystyle \lg(2x-4) = 2 \quad Von der Fefinition des Logarithmus bekommen wir \displaystyle 2x-4 = 10^2 = 100 und also \displaystyle x = 52.
Beispiel 2
- Lösen Sie die Gleichung \displaystyle \,(\sqrt{10}\,)^x = 25.
Nachdem \displaystyle \sqrt{10} = 10^{1/2} ist die linke Seite \displaystyle (\sqrt{10}\,)^x = (10^{1/2})^x = 10^{x/2} und wir haben die Gleichung
Diese Gleichung hat die Lösung \displaystyle \frac{x}{2} = \lg 25, also \displaystyle x = 2 \lg 25.\displaystyle 10^{x/2} = 25\,\mbox{.} - Lösen Sie die Gleichung \displaystyle \,\frac{3 \ln 2x}{2} + 1 = \frac{1}{2}.
Wir multiplizieren beide Seiten mit 2, und subtrahieren danach 2 von beiden Seiten\displaystyle 3 \ln 2x = -1\,\mbox{.} Jetzt dividieren wir beide Seiten durch 3
\displaystyle \ln 2x = -\frac{1}{3}\,\mbox{.} und erhalten durch die Definition dass \displaystyle 2x = e^{-1/3}, und daher ist
\displaystyle x = {\textstyle\frac{1}{2}} e^{-1/3} = \frac{1}{2e^{1/3}}\,\mbox{.}
In vielen Anwendungen erscheinen Gleichungen in der Form
| \displaystyle a^x = b\,\mbox{,} |
wo \displaystyle a und \displaystyle bpositive Zahlen sind. Diese Gleichungen löst man am einfachstem indem man beide Seiten der Gleichung logarithmiert.
| \displaystyle \lg a^x = \lg b |
Und durch die Logarithmengesetze erhalten wir
| \displaystyle x \cdot \lg a = \lg b |
also ist die Lösung \displaystyle \ x = \displaystyle \frac{\lg b}{\lg a}.
Beispiel 3
- Lösen Sie die Gleichung \displaystyle \,3^x = 20.
Wir logarithmieren beide Seiten\displaystyle \lg 3^x = \lg 20\,\mbox{.} Die linke Seite ist \displaystyle \lg 3^x = x \cdot \lg 3, und daher haben wir
\displaystyle x = \displaystyle \frac{\lg 20}{\lg 3} \quad ({}\approx 2\textrm{.}727)\,\mbox{.} - Lösen Sie die Gleichung \displaystyle \ 5000 \cdot 1\textrm{.}05^x = 10\,000.
Wir dividieren beide Seiten durch 5000\displaystyle 1\textrm{.}05^x = \displaystyle \frac{ 10\,000}{5\,000} = 2\,\mbox{.} Indem wir beide Seiten logarithmieren, und die linke Seite umschreiben, bekommen wir die Lösung,
\displaystyle \lg 1\textrm{.}05^x = x\cdot\lg 1\textrm{.}05,\displaystyle x = \frac{\lg 2}{\lg 1\textrm{.}05} \quad ({}\approx 14\textrm{.}2)\,\mbox{.}
Beispiel 4
- Lösen Sie die Gleichung \displaystyle \ 2^x \cdot 3^x = 5.
Wir schreiben die linke Seite wie \displaystyle 2^x\cdot 3^x=(2 \cdot 3)^x mit den Logarithmengesetzen, und erhalten\displaystyle 6^x = 5\,\mbox{.} Wir logarithmieren beide Seiten und erhalten so
\displaystyle x = \frac{\lg 5}{\lg 6}\quad ({}\approx 0\textrm{.}898)\,\mbox{.} - Lösen Sie die Gleichung \displaystyle \ 5^{2x + 1} = 3^{5x}.
Wir logarithmieren beide Seiten, und verwenden das Logarithmengesetz \displaystyle \lg a^b = b \cdot \lg a\displaystyle \eqalign{(2x+1)\lg 5 &= 5x \cdot \lg 3\,\mbox{,}\cr 2x \cdot \lg 5 + \lg 5 &= 5x \cdot \lg 3\,\mbox{.}\cr} Wir bringen \displaystyle x auf einer Seite
\displaystyle \eqalign{\lg 5 &= 5x \cdot \lg 3 -2x \cdot \lg 5\,\mbox{,}\cr \lg 5 &= x\,(5 \lg 3 -2 \lg 5)\,\mbox{.}\cr} Die lösung ist also
\displaystyle x = \frac{\lg 5}{5 \lg 3 -2 \lg 5}\,\mbox{.}
Kompliziertere Gleichungen
Gleichungen mit mehreren Logarithmustermen können in manchen Fällen wie lineare oder quadratische Gleichungen geschrieben werden, indem man "\displaystyle \ln x" oder "\displaystyle e^x" als unbekannte Variabel betrachtet.
Beispiel 5
Lösen Sie die Gleichung \displaystyle \,\frac{6e^x}{3e^x+1}=\frac{5}{e^{-x}+2}.
Wir multiplizieren beide Seiten mit \displaystyle 3e^x+1 und \displaystyle e^{-x}+2, um den Nenner zu eliminieren.
| \displaystyle 6e^x(e^{-x}+2) = 5(3e^x+1)\,\mbox{.} |
Nachdem \displaystyle e^x und \displaystyle e^{-x} immer positiv sind, für alle \displaystyle x, sind auch die Faktoren \displaystyle 3e^x+1 und \displaystyle e^{-x} +2 positiv (und nie null). Deshalb können hier keine Scheingleichungen entstehen.
Wir vereinfachen beide Seiten der Gleichung
| \displaystyle 6+12e^x = 15e^x+5\,\mbox{,} |
wo von der Regel \displaystyle e^{-x} \cdot e^x = e^{-x + x} = e^0 = 1 gebraucht gemacht haben. Wir betrachten jetzt \displaystyle e^x als unbekannte Variabel. Die Lösung der Gleichung ist dann
| \displaystyle e^x=\frac{1}{3}\,\mbox{.} |
Logarithmieren wir beide Seiten der Gleichung, erhalten wir die Antwort
| \displaystyle x=\ln\frac{1}{3}= \ln 3^{-1} = -1 \cdot \ln 3 = -\ln 3\,\mbox{.} |
Beispiel 6
Lösen Sie die Gleichung \displaystyle \,\frac{1}{\ln x} + \ln\frac{1}{x} = 1.
Der Term \displaystyle \ln\frac{1}{x} kann wie \displaystyle \ln\frac{1}{x} = \ln x^{-1} = -1 \cdot \ln x = - \ln x geschrieben werden, und wir erhalten so die Gleichung
| \displaystyle \frac{1}{\ln x} - \ln x = 1\,\mbox{,} |
wo wir \displaystyle \ln x als unbekannte Variabel betrachten. Wir multiplizieren beide Seiten mit \displaystyle \ln x (dieser Faktor ist nicht null wenn \displaystyle x \neq 1) und erhalten die quadratische Gleichung
| \displaystyle 1 - (\ln x)^2 = \ln x\,\mbox{,} |
| \displaystyle (\ln x)^2 + \ln x - 1 = 0\,\mbox{.} |
für \displaystyle \ln x. Quadratische Ergänzung gibt
\displaystyle \begin{align*}
\textstyle (\ln x)^2 + \ln x -1
&= \bigl( \ln x + \frac{1}{2} \bigr)^2 - \bigl(\frac{1}{2} \bigr)^2 - 1\\
&= \bigl( \ln x + \frac{1}{2} \bigr)^2 - \frac{5}{4}\\
\end{align*}
|
Wir erhalten
\displaystyle
\ln x = -\frac{1}{2} \pm \frac{\sqrt{5}}{2} \,\mbox{.}
|
und daher die Lösungen
\displaystyle
x= e^{(-1 + \sqrt{5})/2}
\quad \mbox{och} \quad
x= e^{-(1+\sqrt{5})/2}\,\mbox{.}
|
Scheinlösungen
Wenn wir Logarithmusgleichungen lösen, müssen wir daran denken, dass das Argument der Logarithmusfunktion immer positiv sein muss, und dass \displaystyle e^{(\ldots)} immer positiv ist. Sonst besteht das Risiko, dass wir Scheinlösungen bekommen.
Beispiel 7
Lösen Sie die Gleichung \displaystyle \,\ln(4x^2 -2x) = \ln (1-2x).
Die Lösungen der Gleichung erstellen
| \displaystyle 4x^2 - 2x = 1 - 2x\,, | \displaystyle (*) |
wo beide Seiten positiv sind. Die Gleichung kann
| \displaystyle 4x^2 - 1= 0 |
geschrieben werden, und wir erhalten die Wurzeln
\displaystyle
\textstyle x= -\frac{1}{2}
\quad\mbox{and}\quad
x = \frac{1}{2} \; \mbox{.}
|
Jetzt testen wir, ob beide Seiten von \displaystyle (*) positiv für unsere Lösungen sind:
- Wenn \displaystyle x= -\tfrac{1}{2} sind beide Seiten \displaystyle 4x^2 - 2x = 1-2x = 1-2 \cdot \bigl(-\tfrac{1}{2}\bigr) = 1+1 = 2 > 0.
- Wenn \displaystyle x= \tfrac{1}{2} sind beide Seiten \displaystyle 4x^2 - 2x = 1-2x = 1-2 \cdot \tfrac{1}{2} = 1-1 = 0 \not > 0.
Die Gleichung hat also nur die eine Lösung \displaystyle x= -\frac{1}{2}.
Beispiel 8
Lösen Sie die Gleichung \displaystyle \,e^{2x} - e^{x} = \frac{1}{2}.
Der erste Term kann als \displaystyle e^{2x} = (e^x)^2 geschrieben werden. Also haben wir eine quadratische Gleichung mit der unbekannten Variabel \displaystyle e^x
| \displaystyle (e^x)^2 - e^x = \tfrac{1}{2}\,\mbox{.} |
Wir ersetzen \displaystyle e^x mit \displaystyle t, um die Rechnungen zu vereinfachen
| \displaystyle t^2 -t = \tfrac{1}{2}\,\mbox{.} |
Quadratische Ergänzung ergibt
\displaystyle \begin{align*}
\textstyle \bigl(t-\frac{1}{2}\bigr)^2 - \bigl(\frac{1}{2}\bigr)^2
&= \frac{1}{2}\,\mbox{,}\\
\bigl(t-\frac{1}{2}\bigr)^2
&= \frac{3}{4}\,\mbox{,}\\
\end{align*}
|
und wir haben die Lösungen
\displaystyle
t=\frac{1}{2} - \frac{\sqrt{3}}{2}
\quad\mbox{and}\quad
t=\frac{1}{2} + \frac{\sqrt{3}}{2} \, \mbox{.}
|
Nachdem \displaystyle \sqrt3 > 1 ist \displaystyle \frac{1}{2}-\frac{1}{2}\sqrt3 <0 und also ist nur \displaystyle t= \frac{1}{2}+\frac{1}{2}\sqrt3 eine mögliche Lösung, nachdem \displaystyle e^x immer positiv ist. Wir logarithmieren beide Seiten, und erhalten
\displaystyle
x = \ln \Bigl(\,\frac{1}{2}+\frac{\sqrt3}{2}\,\Bigr)
|
als die einzige Lösung der Gleichung.
Tipps fürs Lernen
Diagnostische Prüfung und Schlussprüfung
Nachdem Sie mit der Theorie fertig sind, sollten Sie die diagnostische Prüfung und die Schlussprüfung machen. Sie finden die links zu den Prüfungen in Ihrer "Student Lounge".
Bedenken Sie folgendes:
Lernen Sie die Logarithmengesetze ordentlich.
Viele Studenten an den Universitäten haben Schwierigkeiten mit den Logarithmengesetzen.
